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展开全部首先明确两个概念，传输时延和传播时延。传输时延=帧长/网络带宽，即将该帧全部发送到网络上所用的时间，注意帧还未传播传播时延=距离/传播速度，即发送到网络上的帧传播到目的地所用的时间然后传统的以太网是共享局域网，多个主机发送的信号可能会发生碰撞，因而要采用载波侦听多路访问/冲突检测CSMA/CD协议。即在发送帧的同时会发送载波信号，假设载波信号一直传播到目的地才发生碰撞，那么再传回发送端至多需要2倍的传播时延即往返时延，才能检测到碰撞。那么一旦发生碰撞，就要立即停止正在发送的帧。这就要求发送帧的时间至少要大于往返时延，这样在发送过程中就能检测到碰撞。因为网络带宽是一定的，有了最小发送时间的要求，就有了最小帧长的要求。题目中一次传播时延为5us，那么往返时延为10us，而发送64bit确认帧只需要6.4us，显然是不够10us的，因此需要对确认帧进行填充，使其传输时延至少为10us。那么总时间为发送256bit数据帧所用的时间25.6us+数据帧传播时延5us+对面回复确认帧的发送时间10us+确认帧的传播时间5us，图中式子里25.6+5+6.4+5应该是写错了，应为25.6+5+10+5=45.6，不过结果是正确的。已赞过已踩过你对这个回答的评价是？评论
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为什么第二张图中第二个画波浪线的地方有两个线性无关的解，那么解集的秩就等于2呢？...
为什么第二张图中第二个画波浪线的地方有两个线性无关的解，那么解集的秩就等于2呢？
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{@each tagList as item}
${item.tagName}
{@/each}
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答:请注意图一的研究对象是线性齐次方程组，而图二是研究矩阵(比如图一方程组的系数矩阵)对角化(什么条件下可以，怎么线性变换成只有主对角元的矩阵)，对角化的目的是要解方程组、研究二次型、研究矩阵的实际物理意义等。这样，对于n元线性齐次方程组，未知数个数是n，若系数矩阵的秩为r(换句话说就是只有有效的r个方程)，那解集当然是要有n-r个线性无关的，即解集的秩为n-r，只有这样系数矩阵的秩+解集的秩才是n，与n个未知数相一致；而二次型的系数矩阵对角化，就是要与一个对角矩阵相似，根据相似的充要条件就是矩阵的n个特征值的特征向量线性无关。所以，才有对重根特征值，要求有与重复数一致个数的线性无关特征向量的要求，否则，总的线性无关特征向量数不够n个！也就无法对角化。还有一点，线性齐次方程的系数矩阵不一定是方阵，而对角化的二次型系数矩阵必然是方阵！当然，细想一下，图一和图二的道理还是一致的，因为它们都是根据相同的矩阵运算法则这个大前提下进行的研究。
本回答被提问者采纳定义就是这样的，有线性无关的解的数量和秩的大小相等，也等于特征向量的个数。}