P4230方块消除 - nkliuorz的博客 - CSDN博客
P4230方块消除
何老板最近在玩一款叫“方块消除”的手机游戏，游戏虽然简单，但何老板仍旧乐此不疲。
游戏一开始有2*n个方块叠成一摞，每个方块都有一个编号，编号1到n。每个编号的都有两个方块。
每次操作，玩家可以交换相邻两个方块。如果在交换操作后，两个相邻的方块编号相同，它们会消失，所有叠在它们上面的方块会落下来，并且可能由此产生连锁反应。
何老板想知道，最少几次操作就能使得所有方块都消除掉。
例1：如下图所示，只需在P1，P2处进行两次交换操作就可消除所有方块。
例2：如下图所示的三次操作就可消除所有方块。
第一行，一个正整数n(1&=n&=50000)。
接下来2n行每行一个数，从上到下描述每个方块的编号
游戏开始时，没有两个相同编号的方块相邻。
保证所有关卡都能在1000000步以内消除掉。
一行，一个整数，表示最少的所需操作步数。
题解：每次读入一个数字时，考虑与第一次读入的数字之间有多少个单独出现的数字，sum+=getsum（i）-getsum（b[c[i]])
考虑到是点修改，使用树状数组。
#include &iostream&
#include &cstdio&
#include &algorithm&
#include &cmath&
using namespace std;
#define maxn 100002
int a[maxn],b[maxn],c[maxn];
bool mark[maxn];
int lowbit(int x)
return x&(-x);
void modify(int k,int d)
for(;k&=100000;k+=lowbit(k))
int getsum(int x)
int ans=0;
for(int i=x;i;i-=lowbit(i))
ans+=a[i];
int main()
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i&=2*n;i++)
scanf("%d",&c[i]);
if(mark[c[i]]==false)
mark[c[i]]=true;
b[c[i]]=i;
modify(i,1);
sum+=getsum(i)-getsum(b[c[i]]);
modify(b[c[i]],-1);
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即使是一小步也想与你分享方式方块方鑫玉毛豆腐：“具体位置也不好说，小伙伴自己看商家定位找个去吧，其实这里这么多，也不知道谁是真的谁是假的，...”-大众点评网
具体位置也不好说，小伙伴自己看商家定位找个去吧，其实这里这么多，也不知道谁是真的谁是假的，反正都是说舌尖上的中国，这个招牌真好用，反正也没得人出来打假，况且我觉得舌尖上的中国提到的毛豆腐不是单独指的哪一家，个人不是很喜欢这个味道，口感也并没有那么好，调料一般，这个也是个看每个人喜欢不一样吧。
16-04-20 00:09
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回应内容应大于0小于500个字符!学霸们求助，10岁弟弟问我一道数学题，我竟无言以对…orz
这道题是这样的：
把1至个自然数依次写下来得到一个多位数.....2005,这个多位数除以9余数是多少?
&&要疯了有木有…
求助各位学霸…
老公：染尘香。
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那个多位数是几？
老公：染尘香。
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如果是10除九就是1，11的话就是2,以此类推到17余数就是8，总之这个余数总是1到8，这样吧
恋人：单身
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是这样的一个多位数吗？
......2005
恋人：单身
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数学无能，飘过～
喜欢的不能去做并不是没有勇气，而是因为我真的没钱。╮（╯＿╰）╭
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上网查啊，笨蛋，有笨蛋的方法
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十岁？小学三年级？
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就是求这个数的各数字之和，被9除的余数。
这样，我们就可以只计算数字的和；
先只计算前2000（不含2000）以前的数字和：
为了使个数是整千个，可以在前面加一个0000
这2000个数用数码表示为：
可以看，个位上，由0~9不断循环，每个数字出现的机会相同，每个数字200个；
所以个位数字之和(0+1+2+3+4+5+6+7+8+9)*200
同理，十位上，10个0、10个、……10个9不断循环，每个数字出现的机会也是一样多每个数字200个；
同理，百位上，100个0、100个1、……100个9不断循环，每个数字出现的机会也是一样多，每个数字200个；
千位上，00个1
所以数字之和是：(0+1+2+3+4+5+6+7+8+9)*200*3+1000
＝45*600+1000
45是9的倍数，显然从1~1999的数字和被9被就是1000被9除的余数，即1。
从2000开始，有、、六个数
数字之和是：2+3+4+5+6+7，也被9整除。
所以这个多位数被9除&&余1.
最重要的决定
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百度查来的~~
话说现在的小学数学也是逆天了
最重要的决定
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基本上都还给数学老师了哈哈
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大一积分题.跪求解释OTZ.S（x）=∫|cost|dt(上限x,下限0）,求limS（x）/x.(x趋向于正无穷）答案是2/π.老师用的是夹逼定理,x大于kπ小于(k+1)π s(x)大于2k+1 小于2ks(x)大于2k+1 小于2k这个是怎么的出来的?那位人才帮我下吧.
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∫|cost|dt现在一个周期内进行计算其值,即上限是π下限是0,然后扩展到k个周期,再根据x的取值范围放缩即可
额。。我还是不明白s(x)大于2k+1 小于2k 这个是怎么得出来的。。能说得具体点吗？谢谢T T
大哥，s(x)大于2k+1 小于2k 这句话我忍不了了，你没发现本身就有问题么？
s(x)大于2k+1 小于2k ，这可能么？我以为你能发现的，没发现你是粘贴的
2k+1可能小于2k么？
阿门~愿上帝保佑你。。
至于具体的s(x)大于2k 小于2k +1，这个放缩的话，我没具体做，不过，应该是先求0到π上的积分，比如∫|cost|dt等于2（我没算，我是根据结论大致假设的），那么当x大于kπ小于(k+1)π的时候，就有s(x)大于2k 小于2k +2了。
你可以试试~
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